【求解-(1)】
依题意,MN是△ABC的AC边的中位线,
所以MN=AC/2,MN∥AC
【求解-(2)】
如上图,在Rt△ABE中,AB=BC/√2 = 4,BE=AB/2= 2
由勾股定理,易求AE=2√3 ①
等腰直角△ABC和等腰直角△BEF共顶点B,构成手拉手模型,必有相似三角形,简证如下:
在△ABE和△CBF中,
∠ABE=∠ABC+∠CBE=45°+∠CBE=∠FBE+∠CBE=∠CBF
AB/CB=BE/BF=1/√2 (俩三角形对应角相等,对应角的两边成比例)
所以△ABE∽△CBF
所以AE/CF=1/√2,代入①,CF=2√6
在△BCF中,BC=4√2,BF=BE*√2 = 2√2,CF=2√6
注意观察,这三条边正好凑一个勾股数:
BC²=BF²+CF²,所以BF⊥CF
如上图,连接AN,所以AN=BC/2=2√2 (直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半)
在Rt△DBE和Rt△DAN中,∠BDE=∠ADN(对顶角相等)
所以Rt△DBE∽Rt△DAN
所以DB/DA=DE/DN=BE/AN=1/√2
令DB=x,DN=BN-DB=2√2 - x,
DE = DN/√2 = 2-√2*x /2,
AD=AE-DE=2√3 - 2 + √2*x /2
由DB/DA=1/√2 , 易求 x = 2√6 - 2√2
所以CD=BC-BD=BC-x = 6√2 - 2√6
【求解-(3)】
如上图,因为M、N分别是AB、BC中点,所以MN是中位线,必然有△BEF∽△ABC,而这俩三角形共顶点B,构成手拉手模型。
在△BEF旋转过程中,会出现两种情况导致C、E、F三点共线。
下面分别讨论这两种情况。
如上图,根据手拉手模型性质,必有△ABE∽△FBC,如果不熟悉手拉手,也可参考下面的简单证明:
∠ABE=∠ABC+∠CBE=∠FBE+∠CBE=∠FBC
而AB/BE=BC/BF=2
所以△ABE∽△CBF
所以∠BAE=∠BCF
而∠ABF=∠ABC+∠CBE+∠EBF=∠EFB+∠CBE+∠EBF
所以∠BAE + ∠ABF = ∠BCF + ∠EFB+∠CBE+∠EBF= 180°
【求解-(3)- ②】
同第一种情况,有△ABE∽△CBF
所以∠BAE=∠FCB,∠ABE=∠CBF
而∠EFB=∠CBF+∠FCB=∠EBF=∠ABE+∠ABF=∠ABC=∠CBF+∠ABF
所以∠BAE=∠FCB=∠ABF
综合【求解-(3)- ①】和【求解-(3)- ②】两种情况,
存在∠BAE=∠CBF 或∠BAE + ∠ABF = 180°两种情景。
【小结】
这道题其实就是探究手拉手模型,从特殊到一般的情况。两相似三角形共顶点,构成手拉手模型,必有相似三角形存在。
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