2020年初三中考理综模拟试卷答案

卷Ⅰ（选择题，共47分）

一、选择题（本大题共22个小题，共47分。1-19题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题2分；20-22题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每题3分，全选对的3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）

1-5ACDAB   6-10.BCDBC  11-15.DACDB    16-19 C A D D

20. BD   21. CD  22.  BCD

部分解析如下：

15.【解答】解答】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故A不合理；B、人体密度与水的密度差不多，在1.0×10³kg/m³左右，中学生的质量在50kg左右，体积在V＝

＝

＝0.05m³左右，故B合理；

C、中学生1000m跑的时间一般在4min左右，故C不合理；

D、物理课本封面的长、宽分别在25cm、16cm左右，其面积在S＝ab＝25cm×16cm＝400cm²左右，故D不合理。

故选：B。

16. 【解答】解：

A、电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，故A正确；

B、卫星通信是利用电磁波来实现的，故B正确；

C、手机就是利用电磁波的发射和接收来实现信息传递的，故C错误；

D、手机用“WiFi”上网是利用电磁波来传递信息的，故D正确。

故选：C。

17. 【解答】解：

A、云是水蒸气在高空中遇冷空气形成的小水珠，是水蒸气由气态变为液态，是液化现象，故A正确；

B、雪山上的冰雪在温度升高时逐渐消融，是冰雪由固态变为液态，是熔化现象，故B错误；

C、海洋里的水经太阳晒变成水蒸气，是水由液态变为气态，是汽化现象，故C错误；

D、水蒸气在寒冷的高空急剧降温形成雪，是水蒸气由气态直接变成固态，是凝华现象，故D错误。

故选：A。

18. 解答】解：

A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，故A错误；

B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“右上左下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，故B错误；

C、若开关闭合，金属棒左右切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，故是电磁感应实验装置，该装置的实验原理应用于制造发电机，故C错误；

D、由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同，在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，故D正确。

故选：D。

19.【解答】解：

解：AB、瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力等于重力，手握得越紧，油瓶与手之间的最大静摩擦力就会越大，但是静摩擦力不变，AB错误；

CD、手对瓶子的握力和瓶子所受的重力不是平衡力，因为握力在水平方向上，而重力在竖直方向上；重力和静摩擦力是一对平衡力，重力竖直向下，所以摩擦力的方向竖直向上，故C错误，D正确；

故选：D。

20.【解答】解：A、热量只能说吸收或放出，不能说减少，故A错误；

B、晶体熔化时吸收热量，热量用于状态的变化，温度不变，故B正确；

C、物体内能增加不一定是通过做功故C错误；

D、内能相同的两个物体，可能温度不同，故两个物体之间可以发生热传递，故D正确。

故选：BD。

21.【解答】A、由于水透镜变厚，使得其折光能力变强，光线较原来提前会聚，若蜡烛和水透镜的位置不变，所以像会向左移动，即像距减小，光屏应向左移动，A错误；

B、因水透镜变厚，光线较原来提前会聚，若光屏和水透镜的位置不变，当蜡烛向左移动时，相当于物距变大，像距变小，像更不能在光屏成像，故B错误；

C、由于蜡烛和光屏的位置不变，当水透镜向右移动时，相当于物距变大，像距变小，能在光屏上得到清晰的像，C正确；

D、凹透镜对光线有发散作用，可延迟原来光线的会聚，故蜡烛、水透镜和光屏的位置不变，在靠近水透镜左侧放置一个合适的凹透镜，能在光屏上得到清晰的像，D正确。

故选：CD。

22.【解答】解：由电路图可知，R₁与R₂串联，电压表V₁测R₁两端的电压，电压表V₂测R₂两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）电流表A的示数分别为I₁、I₂，设R₂两端的电压分别为U₂、U₂′，则△U₂＝U₂′﹣U₂，

因△U₂（I₁+I₂）＝（U₂′﹣U₂）（I₁+I₂）＝U₂′I₁+U₂′I₂﹣U₂I₁﹣U₂I₂＝（U₂′I₂﹣U₂I₁）+（U₂′I₁﹣U₂I₂）＝△P₂+（U₂′I₁﹣U₂I₂），

所以，△P₂≠△U₂（I₁+I₂），故A错误；

（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压U保持不变，

所以，由U＝U₁+U₂可知，|△U₁|＝|△U₂|，故B正确；

因△U₁＝I₂R₁﹣I₁R₁＝（I₂﹣I₁）R₁＝△IR₁，

所以，R₁＝|

|＝|

|，故C正确；

电路总功率的变化量：

△P＝|UI₂﹣UI₁|＝U|I₂﹣I₁|＝U|△I|，故D正确。

故选：BCD。

卷Ⅱ（非选择题，共73分）

二、填空及简答题（本大题共9个小题；每空1分，共31分）

23． 20  18

24.   运动状态 机械能 做功

25. 折射，反射，能　

26.   电能 核裂变 电磁波

27． 放热 减小 B

28．  ①  可再生能源  节省化石能源．减少污染等

29. (1)热固性    保持干燥(或刷漆、涂油等)。(2)  <  盐  (3)  微量

30.  (1)  溶液由红色变为无色。

(2) 引流   滤纸破损或液面高于滤纸边缘(答出一种原因即可)。  (3) 50   ＞

31.(1) CH₄    (2) CO₂＋2NaOH===Na₂CO₃＋H₂O    (3)放出   (4)两

三、实验探究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）

32．（1）B；（2）重力势能转化为动能；机械；（3）B。

33.

烧杯的质量m1/g	烧杯与河水的质量m2/g	河水的质量m/g	河水的体积V/cm^3	河水的密度 ρ/（g·cm^﹣^3）
30	62	32	30	1.07

  偏大     会有少量河水残留在烧杯内壁，造成测量的河水体积偏小，所以密度偏大

34．故答案为：（1）如下所示；

（2）右； 短路；

（3）25；换用最大电阻至少为25Ω的滑动变阻器；

（4）10Ω﹣40Ω；

【拓展】4.5。

35.   氮气的化学性质不活泼   稀盐酸    澄清石灰水变浑浊

试管内壁有水雾生成     Mg＋H₂SO₄===MgSO₄＋H₂↑   CO₂

    镁条在点燃的条件下与空气中的氮气发生了反应（镁条能在氮气中燃烧）

四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题7分，第38小题6分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）

36. (1)10

 (2)设Na₂CO₃溶液的溶质质量为x。

Na₂CO₃＋CaCl₂===CaCO₃↓＋2NaCl

 106　　　　　　 100

 x             10 g

＝，解得x＝10.6 g

所用Na₂CO₃溶液的溶质质量分数为

×100%＝21.2%

答：所用Na₂CO₃溶液的溶质质量分数为21.2%。

37．【解答】解：（1）坦克在水平路面静止时对地面的压力：

F＝G＝mg＝30×10³kg×10N/kg＝3×10⁵N，       --------1分

则坦克在水平路面静止时对地面的压强：

p＝F/S＝3×10⁵N/6m²＝5×10⁴Pa。                  --------1分

（2）v＝72km/h＝20m/s，

坦克以72km/h的速度匀速行驶时的功率：

P＝50%×P_最大＝50%×1×10⁶W＝5×10⁵W，    ---------1分

则由P＝W/t＝FS/t＝Fv可得，行驶过程中受到的牵引力：

F_牵＝P/V＝

＝2.5×10⁴N。                  --------------1分

坦克匀速行驶，受到的阻力和受到的牵引力是一对平衡力，

所以，阻力f＝F_牵＝2.5×10⁴N。

（3）由P＝

可得，坦克发动机做的功：

W＝Pt＝5×10⁵W×10×60s＝3×10⁸J，             ------------------1分

由η＝

×100%可得，燃油完全燃烧释放的热量：

Q_放＝

＝

＝7.5×10⁸J，                         ------------------1分

由Q_放＝mq可得，消耗燃油的质量：

m′＝

＝7.5×10⁸J/5×10⁷ J/kg=15kg                        -----------------1分

答：（1）坦克在水平路面静止时对地面的压强5×10⁴Pa；

（2）坦克以72km/h的速度匀速行驶，发动机功率为最大功率的50%，此时坦克受到的阻力2.5×10⁴N；

（3）在（2）问的条件下坦克以最大速度行驶10min，如果发动机效率为40%，此时消耗燃油的质量15kg。

38．【解答】解：

①由图可知，电阻R₁与滑动变阻器R₂串联，电流表测电路中的电流；

（a）根据I＝

得，R₁两端的电压：U₁＝IR₁＝0.4A×10Ω＝4V；    -----1分

（b）根据串联电路电压的规律知，

R₂两端的电压：U₂＝U﹣U₁＝6V﹣4V＝2V，

R₂连入电路的电阻值为：R₂＝

＝

＝5Ω；               --------1分

②由题知，把上述器材重新连接后，闭合开关，在确保安全的情况下，移动滑片的过程中电流表示数能达1.2A；

所以，此时电阻R₁与滑动变阻器R₂应并联；       ----------------1分

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以移动滑片时，通过定值电阻R₁的电流不变，则电流表不能串联在R₁支路上；

滑动变阻器R₂标有“20Ω1A”字样，则通过变阻器R₂的电流最大为1A，所以电流表不能串联在变阻器R₂支路上；

由此可知，电流表应串联在干路中，测量干路的电流；

当滑动变阻器的电阻最大时，该支路的电流最小，总电流最小，

则电流表的最小示数为：

I_小＝I₁+I_2小＝

+

＝

+

＝0.9A；     ---------------------【算对1个极值得2分，全部算对得三分】

当通过滑动变阻器的电流最大为1A时，总电流最大，

则电流表的最大示数为：

I_大＝I₁+I_2大＝

+I_2大＝

+1A＝1.6A；  -----------------------【算对1个极值得2分，全部算对得三分】

所以电流表示数能达到的最大范围为：0.9A～1.6A。

答：①（a）R₁两端的电压U₁为4V；

（b）此时R₂连入电路的电阻值为5Ω。

②干路；移动滑片时电流表示数能达到的最大范围为0.9A～1.6A。