一、选择题
1（甲）．C
解：由实数a，b，c在数轴上的位置可知
，且
，
所以 
． 
1（乙）．B
解：
．
2（甲）．D
解：由题设知，，，所以.
解方程组得
所以另一个交点的坐标为（3，2）.
注：利用正比例函数与反比例函数的图象及其对称性，可知两个交点关于原点对称，因此另一个交点的坐标为（3，2）.
2（乙）．B
解：由题设x2＋y2≤2x＋2y， 得0≤≤2.
因为均为整数，所以有
解得
以上共计9对.
3（甲）．D
解：由题设知，，所以这四个数据的平均数为
，
中位数为 ，
于是 .
3（乙）．B
解：如图，以CD为边作等边△CDE，连接AE.
（第3（乙）题）
由于AC = BC，CD = CE，
∠BCD=∠BCA+∠ACD=∠DCE+∠ACD =∠ACE，
所以△BCD≌△ACE， BD = AE.
又因为，所以.
在Rt△中，
于是DE=，所以CD = DE = 4.
4（甲）．D
解：设小倩所有的钱数为x元、小玲所有的钱数为y元，均为非负整数. 由题设可得
消去x得 (2y－7)n = y+4，
2n =.
因为为正整数，所以2y－7的值分别为1，3，5，15，所以y的值只能为4，5，6，11．从而n的值分别为8，3，2，1；x的值分别为14，7，6，7．
4（乙）．C
解：由一元二次方程根与系数关系知，两根的乘积为，故方程的根为一正一负．由二次函数的图象知，当时，，所以，即 . 由于都是正整数，所以，1≤q≤5；或 ，1≤q≤2，此时都有. 于是共有7组符合题意．
5（甲）．D
解：掷两次骰子，其朝上的面上的两个数字构成的有序数对共有36个，其和除以4的余数分别是0，1，2，3的有序数对有9个，8个，9个，10个，所以，因此最大．
5（乙）．C
解：因为，所以每次操作前和操作后，黑板上的每个数加1后的乘积不变．
设经过99次操作后黑板上剩下的数为，则
，
解得 ，．
二、填空题
6（甲）．7＜x≤19
解：前四次操作的结果分别为
3x－2，3(3x－2)－2 = 9x－8，3(9x－8)－2 = 27x－26，3(27x－26)－2 = 81x－80.
由已知得 27x－26≤487，
81x－80＞487.
解得 7＜x≤19.
容易验证，当7＜x≤19时，≤487 ≤487，故x的取值范围是
7＜x≤19．
6（乙）．7
解：由已知可得
．
7（甲）．8
解：连接DF，记正方形的边长为2. 由题设易知△∽△，所以
，
由此得，所以.
（第7（甲）题）
在Rt△ABF中，因为，所以
，
于是 .
由题设可知△ADE≌△BAF，所以 ，
.
于是 ，
，
.
又，所以.
因为，所以.
7（乙）．
解：如图，设的中点为，连接，则．因为，所以
，
．
（第7（乙）题）
所以 .
8（甲）．
解：根据题意，关于x的方程有
=k2－4≥0，
由此得 (k－3)2≤0．
又(k－3)2≥0，所以(k－3)2=0，从而k=3. 此时方程为x2+3x+=0，解得x1=x2=.
故==．
8（乙）．1610
解：因为==.
当被5除余数是1或4时，或能被5整除，则能被5整除；
当被5除余数是2或3时，能被5整除，则能被5整除；
当被5除余数是0时， 不能被5整除.
所以符合题设要求的所有的个数为．
9（甲）．8
解：设平局数为，胜（负）局数为，由题设知
，
由此得0≤b≤43.
又 ，所以. 于是
0≤≤43，
87≤≤130，
由此得 ，或.
当时，；当时，，，不合题设.
故．
9（乙）． ≤1
解：由题设得
所以 ，
即 .
整理得
，
由二次函数的图象及其性质，得.
又因为 ≤1，所以≤1.
10（甲）．
解：如图，连接AC，BD，OD.
（第10（甲）题）
由AB是⊙O的直径知∠BCA =∠BDA = 90°.
依题设∠BFC = 90°，四边形ABCD是⊙O
的内接四边形，所以
∠BCF =∠BAD,
所以 Rt△BCF∽Rt△BAD ，因此 .
因为OD是⊙O的半径，AD = CD，所以OD垂直平分AC，OD∥BC，
于是 . 因此
.
由△∽△，知．因为，
所以 ，BA=AD ，故
.
10（乙）. 12
解：由已知有，且为偶数，所以同为偶数，于是是4的倍数．设，则1≤≤25．
（Ⅰ）若，可得，与b是正整数矛盾．
（Ⅱ）若至少有两个不同的素因数，则至少有两个正整数对满足；若恰是一个素数的幂，且这个幂指数不小于3，则至少有两个正整数对满足．
（Ⅲ）若是素数，或恰是一个素数的幂，且这个幂指数为2，则有唯一的正整数对满足．
因为有唯一正整数对，所以m的可能值为2，3，4，5，7，9，11，13，17，19，23，25，共有12个．
三、解答题
11（甲）．解： 因为当时，恒有，所以
，
即，所以．
…………（5分）
当时，≤；当时，≤，即
≤，
且 ≤，
解得≤．
…………（10分）
设方程的两个实数根分别为，由一元二次方程根与系数的关系得
．
因为，所以
，
解得，或．
因此．
…………（20分）
11（乙）．解：因为sin∠ABC=，，所以
AB = 10．
由勾股定理，得 BO=.
（第11（乙）题）
易知△ABO≌△ACO， 因此 CO = BO = 6.
于是A（0，－8），B（6，0），C（－6，0）.
设点D的坐标为（m，n），由S△COE = S△ADE，得S△CDB = S△AOB. 所以
，
，
解得n=－4.
因此D为AB的中点，点 D的坐标为（3，－4）.
…………（10分）
因此CD，AO分别为AB，BC的两条中线，点E为△ABC的重心，所以点E的坐标为.
设经过B，C，E三点的抛物线对应的二次函数的解析式为y=a（x－6）（x+6）. 将点E的坐标代入，解得a =.
故经过B，C，E三点的抛物线对应的二次函数的解析式为
.
…………（20分）
12（甲）． 证明：连接BD，因为为的直径，所以．又因为，所以△CBE是等腰三角形．
（第12（甲）题）
…………（5分）
设与交于点，连接OM，则．又因为，所以
．
…………（15分）
又因为分别是等腰△，等腰△的顶角，所以
△BOC∽△．
…………（20分）
12（乙）．证明：（1）如图，根据三角形内心的性质和同弧上圆周角的性质知
（第12（乙）题）
所以 CI = CD．
同理， CI = CB.
故点C是△IBD的外心.
连接OA，OC，因为I是AC的中点，且OA = OC，
所以OI⊥AC，即OI⊥CI.
故OI是△IBD外接圆的切线.
…………（10分）
（2） 如图，过点I作IE⊥AD于点E，设OC与BD交于点F.
由，知OC⊥BD.
因为∠CBF =∠IAE，BC = CI = AI，所以
Rt△BCF≌Rt△AIE，
所以BF = AE.
又因为I是△ABD的内心，所以
AB+AD－BD = 2AE = BD.
故AB+AD = 2BD．
…………（20分）
13（甲）．解：设a－b = m（m是素数），ab = n2（n是正整数）.
因为 (a+b)2－4ab = (a－b)2，
所以 (2a－m)2－4n2 = m2，
(2a－m+2n)(2a－m－2n) = m2.
…………（5分）
因为2a－m+2n与2a－m－2n都是正整数，且2a－m+2n＞2a－m－2n (m为素数)，所以
2a－m+2nm 2，2a－m－2n1.
解得 a，.
于是 = a－m.
…………（10分）
又a≥2012，即≥2012.
又因为m是素数，解得m≥89. 此时，a≥=2025.
当时，，，.
因此，a的最小值为2025.
…………（20分）
13（乙）．解：假设凸边形中有个内角等于，则不等于的内角有个．
（1）若，由，得，正十二边形的12个内角都等于；
…………（5分）
（2）若，且≥13，由，可得，即≤11．
当时，存在凸边形，其中的11个内角等于，其余个内角都等于，．
…………（10分）
（3）若，且≤≤．
当时，设另一个角等于．存在凸边形，其中的个内角等于，另一个内角．
由≤可得；由≥8可得，且．
…………（15分）
（4）若，且3≤≤7，由（3）可知≤．当时，存在凸边形，其中个内角等于，另两个内角都等于．
综上，当时，的最大值为12；当≥13时，的最大值为11；
当≤≤时，的最大值为；当3≤≤7时，的最大值为．
…………（20分）
14（甲）．解：由于都是正整数，且，所以
≥1，≥2，…，≥2012．
于是 ≤．
…………（10分）
当时，令，则
.
…………（15分）
当时，其中≤≤，令
，则
．
综上，满足条件的所有正整数n为．
…………（20分）
14（乙）．解：当时，把分成如下两个数组：
和 ．
在数组中，由于，所以其中不存在数，使得．
在数组中，由于，所以其中不存在数，使得．
所以，≥．
…………（10分）
下面证明当时，满足题设条件．
不妨设2在第一组，若也在第一组，则结论已经成立．故不妨设在第二组. 同理可设在第一组，在第二组．
此时考虑数8．如果8在第一组，我们取，此时；如果8在第二组，我们取，此时．
综上，满足题设条件．
所以，的最小值为．
…………（20分）
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