【本讲教育信息】
一. 教学内容:
◆ 选修2-1知识复习(二)
二. 教学目的
通过对选修2-1各章节重点知识分析及例题讲解,加强对本册知识的掌握。
三. 教学重点、难点
重点问题专题讲解
四. 知识分析
(八)抛物线
抛物线是平面内与一个定点F和一条定直线l(F
例1. 如图所示,AB为抛物线
分析:将M到x轴的距离转化为A,B两点到准线的距离,进而转化为A,B两点到焦点的距离,从而利用定义解题。
解:设A,M,B点的纵坐标分别为
由抛物线的定义知:
所以
又M是线段AB的中点,
所以
等号在定长为a的弦AB过焦点F时成立,此时M点与x轴的距离最小,最小值为
点评:本题运用了抛物线的定义,并注意挖掘题目中隐含的几何条件(三角形的性质),使解题过程简明快捷。另外,抛物线
例2. 已知抛物线的顶点在原点,焦点在y轴上,且抛物线上一点(-3,m)到焦点的距离为5,求抛物线的方程。
分析:应分焦点在y轴正半轴和负半轴两种情况考虑,利用抛物线的定义,结合待定系数求抛物线方程。
解:若焦点在y轴的正半轴上,则可设方程为
准线方程为
又因为
所以抛物线方程为
若焦点在y轴的负半轴上,则可设方程为
准线方程为
又因为
所以
所以抛物线方程为
例3. 在平面直角坐标系xOy中,抛物线
(1)求△AOB的重心G(即三角形三条中线的交点)的轨迹方程;
(2)△AOB的面积是否存在最小值?若存在,请求出最小值;若不存在,请说明理由。
分析:求动点轨迹的常规方法,就是设动点(x,y),找该点与A(
解:(1)设△AOB的重心为G(x,y),点A(
因为AO⊥BO,所以
即
又点A,B在抛物线上,所以
代入③化简得
由①得
所以
即重心G的轨迹方程为
(2)
由(1)得
因为
所以
所以
故△AOB的面积存在最小值,最小值为1。
点评:本题考查了轨迹问题、最值问题,同时考查了同学们推理运算能力及综合运用知识解题的能力,应注意代入法的使用。
(九)直线与圆锥曲线
直线与圆锥曲线的位置关系是圆锥曲线中的重要内容,也是近年高考的热点内容。只要是考查圆锥曲线问题,一般都是与直线结合。因此我们扎实地掌握基础,熟练地掌握各种技能是必须的。本文对这一小块内容进行小结,希望会对你有所帮助。
一、重点再现
直线与圆锥曲线问题的求解思路通常有两条:其一是借助方程,将直线l的方程与圆锥曲线C的方程联立,消去y得到关于x的方程
二、难点回顾
由于直线与圆锥曲线的位置关系可以涉及直线与圆锥曲线的所有基础知识与基本技能,又可以与函数、方程、不等式等知识进行交汇,因而它是解析几何的难点之一。
三、典例解析
例1. 求过点P(2,1)且被点P平分的椭圆
解法一:设所求直线方程为
则
消去y,并整理得:
由
于是所求直线方程为
解法二:设弦的两端点分别为(
则由
可得:
所以
于是所求直线方程为
评析:直线与圆锥曲线相交,出现“中点弦”问题的常规处理方法有两种:
(1)通过方程组转化为一元二次方程,结合韦达定理及中点坐标公式进行求解;
(2)点差法:设出弦的两端点,利用中点坐标公式进行求解。
例2. 已知直线
(1)若以AB为直径的圆过原点,求实数a的值;
(2)若A,B在双曲线的两支上,求实数a的范围。
解:由
可得:
由于直线与双曲线有两个交点,
因此,可得:
(1)设A(
则
即
也就是
所以
解得
(2)若A,B在双曲线的两支上,则
即
于是可得
评析:涉及直线与圆锥曲线的关系问题,常常将直线方程与圆锥曲线方程联立构成方程组,消元后,得到关于x(或y)的一元二次方程,再利用根与系数的关系进行求解,这是常用的方法,本题就是利用这个解题方法进行求解的。
例3. 过点(-2,0)的直线l与抛物线
解:易知直线l的斜率一定存在,设直线l的方程为
设A(
于是
相减得:
那么
由于
所以
即
又由
由
k>0或
所以x>0或x<-4
因此轨迹方程为
评析:整体运算是一种运算策略,它通过整体推理、整体代换等手段有效地绕过许多中间环节使运算直指结论。它既可优化解题过程又可给我们带来一种赏心悦目的享受,本题借助整体运算产生中点轨迹方程,其过程既简练又运算简单。
好了,说了这么多,你看后有收获吗?若有,别忘了把它推荐给你的同学,让你们共同提高啊!
(十)空间向量及其运算
一、知识要点
1. 空间任意两向量
注:
2. 空间中
该定理的推论:空间一点P位于平面MAB内的充要条件是存在惟一一对有序实数x,y,使
注:空间任意两向量必共面。
3. 如果
注:空间上四个点共面的充要条件为:若存在实数x,y,z,使得对于空间任意一点O,有
4. 空间向量的数量积及向量平行或垂直的坐标表示。
设
二、典例精析
例1. 已知非零向量
分析:要证A,B,C,D共面,只须证
证明:观察易得:
即
所以
点评:要证四点共面,可证从同一点出发的三向量共面,此时应注意待定系数法的使用。
例2. 如下图,已知ABCD为正方形,P是ABCD所在平面外一点,P在平面ABCD内的射影恰好是正方形的中心O。Q是CD的中点,求下列各题中x,y的值。
(1)
(2)
分析:要求x,y的值,实际上是求如何用
解:(1)
所以
(2)因为
又
所以
所以
点评:空间任一向量都可以用基底惟一表示,所以将
例3. 已知空间三点A(-2,0,2),B(-1,1,2),C(-3,0,4),设
(1)设
(2)求
(3)若
解:(1)因为
所以设
所以
解得
所以
(2)
所以
因为
所以
(3)易知
又
所以
即
解得
点评:在运用夹角公式求解时,应注意角的范围。通过列方程、解方程解决问题,这种思路在解决空间向量问题时应用十分广泛。
(十一)空间向量在立体几何中的应用
由于向量具有“形(几何形式)神(坐标形式)兼备”的特征,且向量以及向量平行、垂直的充要条件都具有坐标表示形式和几何表示形式,加之向量的数量积不仅是一个实数,而且与向量夹角的余弦值紧密相关,这使得它成为沟通数学各个分支,加强数学知识之间横向联系的桥梁和纽带。从近几年全国及单独命题的省、市高考题中可知,空间向量在立体几何中的应用是高考必考内容。解决立体几何问题时,“平移是手段,垂直是关键”,向量的运算中,两向量的共线易解决平行问题,向量的数量积则易解决垂直、两向量所成角及线段的长度等问题。一般来说,当掌握了用向量的方法解决立体几何问题这套强有力的工具时,应该说不仅降低了学习的难度,而且增强了可操作性,为我们提供了崭新的视角,丰富了思维结构。
专题一:向量与平行关系
例1. 已知正方体
证明:建立如图所示的空间直角坐标系
则A(1,0,0),B(1,1,0),C(0,1,0),D(0,0,0),
于是得E(1,
设
则
取
由
评注:设
本题也可转化为由线线平行证面面平行,即用向量证明
专题二:向量与垂直关系
例2. 如图所示,在正方体ABCD—
分析:要证明平面
证明:设
则
而
所以
又BD
所以
而
所以平面
评注:向量
专题三:空间向量与空间角
1. 求异面直线所成的角。
例3. 在长方体ABCD—
解:如图所示,以D为坐标原点,分别以DA,DC,DD1所在直线为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系Dxyz。
则A1(4,0,3),B(4,4,0),
于是
设
则
所以
故异面直线
评注:以向量为工具,利用空间向量的坐标表示以及数量积来求异面直线所成的角,思路自然,灵活简便。
2. 求直线与平面所成的角。(略)
3. 求二面角。
例4. 在直三棱柱ABC—
解:如图所示,建立空间直角坐标系Oxyz,其中原点O为AC的中点。
不妨设A(1,0,0),则B(0,1,0),C(-1,0,0),
于是
所以
所以BC⊥AB,BC⊥AA1
又AB
又E(0,0,1),D(0,1,1)
所以
易知
又
因为
所以
故二面角
专题四:空间向量与空间距离
例5. 正方形ABCD的边长为4,E,F分别是AB,AD的中点,PC⊥面ABCD,PC=2,求点B到平面PEF的距离。
解:如图所示,分别以CB,CD,CP所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系Cxyz,
由已知,则有P(0,0,2),E(4,2,0),F(2,4,0),B(4,0,0)。
所以
设平面PEF的法向量为
则由
又
评注:求点到平面的距离的一般步骤为:先确定平面α的法向量
【模拟试题】
1. 已知空间四边形
(2)
2. 已知平行四边形ABCD,从平面
(1)求证:四点
(2)平面
3. 如图正方体
4. 已知空间三点A(0,2,3),B(-2,1,6),C(1,-1,5)。
⑴求以向量
⑵若向量
5. 已知平行六面体
【试题答案】。
1. 解:如图,
(1)
(2)
(3)
2. 解:(1)证明:∵四边形
∵
∴
(2)解:∵
∴
所以,平面
3.
解:不妨设正方体棱长为
则
∴
∴
4. 分析:⑴
∴∠BAC=60°,
⑵设
解得x=y=z=1或x=y=z=-1,∴
5. 解:
所以,
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