(1)实验主要步骤如下:
①测量小车和拉力传感器的总质量M1,把细线的一端固定在力传感器上,另一端通过定滑轮与重物G相连,正确连接所需电路;
②将小车停在点C,由静止开始释放小车,小车在细线拉动下运动,除了光电门传感器测量速度和力传感器测量拉力的数据以外,还应该记录的物理量为_________;
③改变小车的质量或重物的质量,重复②的操作。
(2)右侧表格中M是M1与小车中砝码质量之和,DE为动能变化量,F是拉力传感器的拉力,W是F在A、B间所做的功。表中的DE3=__________,W3=__________(结果保留三位有效数字)。
次数 | M/kg | |v22-v12|/m2s-2 | DE/J | F/N | W/J |
1 | 0.500 | 0.760 | 0.190 | 0.400 | 0.200 |
2 | 0.500 | 1.65 | 0.413 | 0.840 | 0.420 |
3 | 0.500 | 2.40 | DE3 | 1.22 | W3 |
4 | 1.00 | 2.40 | 1.20 | 2.42 | 1.21 |
5 | 1.00 | 2.84 | 1.42 | 2.86 | 1.43 |
(1)在该实验中必须采用控制变量法,应保持___________不变,
用钩码所受的重力作为小车所受外力,用DIS测小车的加速度.
(2)改变所挂钩码的数量,多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关系图线(如图所示).
①分析此图线的OA段可得出的实验结论是_________________________________。
②此图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是( )
A.小车与轨道之间存在摩擦 B.导轨保持了水平状态
C.所挂钩码的总质量太大 D.所用小车的质量太大
(2)①在质量不变的条件下,加速度与外力成正比,②C;
如图(a)中,悬点正下方一竖直立柱上 放置一个与摆球完全相同的小球(OB等于摆线长),当悬线摆至B处,摆球与小球发生完全弹性碰撞(速度互换),被碰小球由于惯性向前飞出作平抛运动。在地面上放上白纸,上面覆盖着复写纸,当小球落在复写纸上时,会在下面白纸上留下痕迹。用重锤线确定出A、B点的投影点N、M。重复实验10次(小球每一次都从同一点由静止释放),球的落点痕迹如图(b)所示,图中米尺水平放置,零刻度线与M点对齐。用米尺量出AN的高度h1、BM的高度h2,算出A、B两点的竖直距离,再量出M、C之间的距离x,即可验证机械能守恒定律。(已知重力加速度为g,两球的质量均为m。)
(1)根据图(b)可以确定小球平抛时的水平射程为 m。
(2)用题中所给字母表示出小球平抛时的初速度v0 = 。
(3)此实验中,小球从A到B过程重力势能的减少量ΔEP = ,动能的增加量EK= ,若要验证此过程中摆球的机械能守恒,实验数据应满足一个怎样的关系 。(用题中的符号表示)
(1)(多选题)控制斜槽导轨的水平槽口高度h,让小球从斜槽的不同高度处滚下,以不同的速度冲出水平槽口在空中做平抛运动.以下说法正确的是
(A)落地点的水平距离d与初速度v0成正比
(B)落地点的水平距离d与初速度v0成反比
(C)飞行时间t0与初速度v0成正比
(D)飞行时间t0与初速度v0大小无关
(2)小球从高为h的水平槽口抛出时初速度v0,落地点的水平距离为d。如果小球的初速度变为1.25v0,落地点的水平距离不变,那么水平槽口的高度应该变为________h。
(1)请按电路原理图将图乙中所缺的导线补接完整。为了保证实验的安全,滑动变阻器的滑动触头P在实验开始前应置于 端(选填“a”或“b”)
(2)正确连接电路后,在保温容器中注入适量冷水。接通电源,调节R记下电压表和电流表的示数,计算出该温度下的电阻值,将它与此时的水温一起记入表中。改变水的温度,测量出不同温度下的电阻值。该组同学的测量数据如下表所示,请你在图丙的坐标纸中画出该热敏电阻的R-t关系图。对比实验结果与理论曲线(图中已画出)可以看出二者有一定的差异。除了读数等偶然误差外,还可能是什么原因造成? 。
温度/℃ | 30 | 40 | 50 | 60 | 70 | 80 | 90 | 100 |
阻值/ | 7.8 | 5.3 | 3.4 | 2.2 | 1.5 | 1.1 | 0.9 | 0.7 |
(3)已知电阻的散热功率可表示为P散=
①该电阻的温度大约稳定在 ℃; ②此时电阻的发热功率为 W。
(2)如图所示;①电流表的分压造成电阻的测量值总比真实值大;②随着温度的升高,热敏电阻的阻值变小,电流表的分压作用更明显,相对误差更大
(3)①50(48~52均可) ②4.8(4.5~5.1均可).
(1)若图甲中电流表表盘有均匀刻度,但未标刻度值,而电源内阻与电流表的内阻均可忽略不计,能否测得Rx的值? ▲ (填“能”或“不能”).
(2)若该同学后来得知电流表量程后,调节电阻箱R=R1时,电流表的示数为I1;R=R2时,电流表的示数为I2,则可求得电源的电动势为E= ▲ .
答案: (1)能 (2)E=(3)该同学调节电阻箱的不同阻值,测得多组电流值,他把这些数据描在
-R图象上,得到一直线,如图乙所示,由图线可得E= ▲ V, Rx= ▲ Ω.(结果保留三位有效数字)
(1) 电梯启动和制动时的加速度大小
(2) 该大楼每层的平均层高
解:
(1) 对于启动状态有: F1 - mg = m a1 解得 a1 = 2 m/s2
对于制动状态有: mg - F3 = m a3 解得 a3 = 2 m/s2
(2) 电梯匀速运动的速度 v = a1 t1 = 4 m/s
从图中读得,电梯匀速上升的时间t2 = 18 s
电梯运动的总时间 t = 22 s
所以总位移 s =
层高: h =
(1)登月舱减速时,发动机做了多少功?
(2)登月舱在月球表面可逗留多长时间?
解:
(1)球从抛出到落地过程中克服空气阻力所做的功;
(2)球抛出瞬间的加速度大小;
解:
(1)由动能定理得
克服空气阻力做功
代入数据得:W=9.6 J (1分)
(2)空气阻力 f=kv (2分)
落地前匀速,则 mg-kv1=0 (2分)
刚抛出时加速度大小为a0,则
解得
代入数据得:
(1)用一个方向平行于MN水平向左且功率恒定为P=80W的外力F拉金属杆,使杆从静止开始向左运动.已知杆受到的摩擦阻力大小恒为Ff=6N,求:当金属杆最终匀速运动时杆的速度大小及电阻R1消耗的电功率?
(2)当金属杆处于(1)问中的匀速运动状态时,电容器C内紧靠极板的D处的一个带正电的粒子经C加速、b准直后从a孔垂直磁场B2并正对着圆心O进入筒中,该带电粒子与圆筒壁碰撞四次后恰好又从小孔a射出圆筒.已知该带电粒子每次与筒壁发生碰撞时电量和能量都不损失,不计粒子的初速度、重力和空气阻力,粒子的荷质比q/m=5×107(C/kg),则磁感应强度B2 多大(结果允许含有三角函数式)?
【解析】(1)金属杆先做加速度变小的加速运动,最终以最大速度匀速运动.设杆匀速运动时速度为v,回路中的感应电流为I,杆受到的安培力大小为FA,电阻R1消耗的电功率为P1,则
联立(2)、(3)得:
将已知数据代入(4)式解得:
(2)设杆匀速运动时C两极板间的电压为U,带电粒子进入圆筒的速率为V、在磁场中作匀速圆周运动的半径为R,由于C与电阻R1并联,
据欧姆定律得,
带电粒子在磁场中作匀速圆周运动,
联立(5)(6)得:
由于带电粒子与圆筒壁碰撞时无电量和能量损失,那么每次碰撞前后粒子速度大小不变、速度方向总是沿着圆筒半径方向,4个碰撞点与小孔a恰好将圆筒壁五等分,粒子在圆筒内的轨迹具有对称性,由5段相同的圆弧组成,设每段轨迹圆弧对应的圆心角为
有两种情形符合题意(如图所示):
(ⅰ)情形1:每段轨迹圆弧对应的圆心角为
(ⅱ)情形2:每段轨迹圆弧对应的圆心角为
(1)若只在y轴右侧加一平行于x轴的匀强电场,要使y轴右侧射出的所有粒子都能打到荧光屏MN上,试求电场强度的最小值Emin及此条件下打到荧光屏M点的粒子的动能;
(2)若在力xOy平面内只加一方向垂直纸面向里的匀强磁场,要使粒子能打到荧光屏MN的反面O'点,试求磁场的磁感应强度的最大值Bmax;
(3)若在xOy平面内只加一方向垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度与(2)题中所求Bmax相同,试求粒子打在荧光屏MN的正面O'点所需的时间t1和打在荧光屏MN的反面O'点所需的时间t2之比。
【参考答案】(1)
(2)
(3)
【解析】(1)所加电场电场强度的最小值Emin对应沿着y轴正方向射出的带电粒子正好打在荧光屏的端点M这一临界状态。对该临界态的粒子有
解得
(2)由题意,所加磁场的最大磁感应强度Bmax对应来自S的粒子恰好经过荧光屏下端点N后打到
粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,有
(3)打在荧光屏正面O点的粒子的圆弧轨迹见图(圆心在
(1)求这些粒子在圆形磁场区域中运动的半径;
(2)试证明这些粒子经过x轴时速度方向均与x轴垂直;
(3)通过计算说明这些粒子会经过y轴上的同一点,并求出该点坐标。
【参考答案】(1)0.1m (2)见解析部分 (3)见解析部分
【解析】(1)
(2)考察从A点以任意方向进入磁场的的粒子,设其从K点离开磁场,O1和O2分别是磁场区域和圆周运动的圆心,因为圆周运动半径和磁场区域半径相同,因此O1AO2K为菱形,离开磁场时速度垂直于O2K,即垂直于x轴,得证。
(3)设粒子在第四象限进入电场时的坐标为(x,y1),离开电场时的坐标为(x,y2),离开电场时速度为v2,在B2磁场区域做圆周运动的半径为R2,有
因v2的方向与DH成45?,且半径刚好为x坐标值,则粒子做圆周运动的圆心必在y轴上,在此磁场中恰好经过四分之一圆周,并且刚好到达H处,H点坐标为(0,-0.425)。
(1)x<0区域内的匀强电场的场强大小和方向;
(2)若圆筒外表面各处都没有电子打到,则电子初速度应满足什么条件?
(3)若电子初速度满足v0=
【参考答案】(1)E=v0B,方向沿y轴负方向 (2)v0<
【解析】(1)由题意可得在x<0区域内,平行电子束做匀速直线运动,
所以有Ee=ev0B,解得E=v0B,方向沿y轴负方向。
(2)如图所示,设电子进入磁场回旋轨道半径为r,则ev0B=m
(3)根据ev0B=m
(1)粒子在磁场中运动的最短时间是多少?
(2)为了使粒子不离开磁场,在x=
【参考答案】(1)
【解析】(1)粒子在磁场中运动,洛伦兹力提供向心力
(2)要使粒子不离开磁场,两种临界情况如图所示,即挡板的最高点为
所以挡板长度为d=y1-y2=
A. 墒增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性减少的方向进行
B. 在绝热条件下压缩气体,气体的内能一定增加
C.液晶既有液体的流动性,又具有单晶体的各向异性
D.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,液面分子间表现为引力,所以液体表面具有收缩的趋势
E.封闭气体的密度变小,单位时间内打到器壁单位面积上的分子数减少,分子动能增加,气体的压强可能不变
答案:BDE(1)活塞与气缸底部之间的距离;
(2)加热到675K时封闭气体的压强。
解:(1)(4分)
由等温变化
得
(2) (6分)设活塞到卡环时温度为T3 ,此时V3=36S
由等压变化
得
由540K到675K等容变化
由
得
A.随着低温技术的发展,我们可以使温度逐渐降低,但最终还是达不到绝对零度
B.用手捏面包,面包体积会缩小,说明分子之间有间隙
C.分子间的距离r存在某一值r0,当r大于r0时,分子间斥力大于引力;当r小于r0时分子间斥力小于引力
D.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,液面分子间表现为引力,所以液体表面具有收缩的趋势
E.温度越高,分子热运动的平均速度就越大
答案:ADE
(1)氦气在停止加热前的体积
(2)氦气在停止加热较长一段时间后的体积
(3)若忽略气球内分子间相互作用,停止加热后,气球内气体吸热还是放热?简要说明理由。
解:①根据玻意耳定律p1V1=p2V2①式. 由①式得V2=7.39m3……………………1分
②在停止加热较长一段时间后,氦气的温度逐渐从T1=300K下降到与外界气体温度相同,即T2=225K.这是一等压过程.根据盖—吕萨克定律有V2/T1=V3/T2②…………1分
由②式得V3=5.54m3.…………………………………………………………1分
③温度降低,分子平均动能减少,内能减少;体积减少,外界对气体做功,由热力学第一定律得,气体对外放热.…………………………………………………………1分
A.质点P振动周期为T ,速度的最大值为v
B.若某时刻质点P振动的速度方向沿y轴负方向,则该时刻波源处质点振动的速度方向沿y轴正方向
C.质点P开始振动的方向沿y轴正方向
D.若某时刻波源在波峰,则质点P一定在波谷
E. 若某时刻波源在波谷,则质点P也一定在波谷
答案:BCD解:从O点射入的光线,折射角为r,根据折射定律有:
解得r=30° ②
从某位置P点入射的光线,折射到AB弧面上Q点时,
入射角恰等于临界角C,有:
代入数据得:C=45° ④
△PQO中∠
所以能射出的光线区域对应的圆心角
能射出光线的部分占AB面的比例为
A.简谐运动的周期与振幅无关
B.在弹簧振子做简谐运动的回复力表达式F=—kx中,F为振动物体受到的合外力,k为弹簧的劲度系数
C.在波传播方向上,某个质点的振动速度就是波的传播速度
D.在双缝干涉实验中,同种条件下用紫光做实验比红光做实验得到的条纹更宽
E.在单缝衍射现象中要产生明显的衍射现象,狭缝宽度必须比波长小或者相差不多
答案:ABE
解:平行光束经棱镜折射后的出射光束仍是平行光束,如下图所示.
图中θ1、θ2为AC面上入射角和折射角,根据折射定律,有nsinθ1=sinθ2, (2分)
设出射光线与水平方向成
θ2=θ1+
由于
所以
而
所以tan
可得
(1)核反应方程中的X是 ;(2)该反应放出的能量是 J.(结果保留3位有效数字)
答案: (1)(1)解:设女演员质量为m, 则男演员质量为2m.当两杂技演员
由A点摆到最低点B时,由机械能守恒,可得
设两演员互推后瞬间,男演员获得的速度为v1,女演员获得的速度
为v2 ,由水平动量守恒,可得
推开后女演员做平抛运动,可得
推开后男演员也做平抛运动,可得
联立解得:
A.放射性元素的半衰期是针对大量原子核的统计规律
B.α、β、γ射线比较,α射线的电离作用最弱
C.光的波长越短,光子的能量越大,光的粒子性越明显
D.原子的全部正电荷和全部质量都集中在原子核里
E.由玻尔的原子模型可以推知,氢原子处于激发态,量子数越大,核外电子动能越小
答案:ACE①子弹刚刚射入小车时,小车的速度大小。
②小物块脱离小车时,小车的速度多大。
解:①子弹进入小车的过程中,子弹与小车组成的系统动量守恒,由动量守恒定律得:
m0v0=(m0+m1)v1
解得v1=10m/s
②三物体组成的系统动量守恒,由动量守恒定律得:
(m0+m1)v1=(m0+m1)v2+m2v3
解得:v2=8 m/s
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