A.合外力做功50 J B.阻力做功500 J
C.重力做功500 J D.支持力做功50 J
解析 合外力做的功W合=Ek-0,即W合=mv2=×25×22 J=50 J,A项正确;WG+W阻=Ek-0,故W阻=mv2-mgh=50 J-750 J=-700 J,B项错误;重力做功WG=mgh=25×10×3 J=750 J,C错;小孩所受支持力方向上的位移为零,故支持力做的功为零,D错.
答案 A
A.甲车的刹车距离随刹车前的车速v变化快,甲车的刹车性能好
B.乙车与地面间的动摩擦因数较大,乙车的刹车性能好
C.以相同的车速开始刹车,甲车先停下来,甲车的刹车性能好
D.甲车的刹车距离随刹车前的车速v变化快,甲车与地面间的动摩擦因数较大
解析 在刹车过程中,由动能定理可知:μmgl=mv2,得
l==可知,甲车与地面间动摩擦因数小(题图线1),乙车与地面间动摩擦因数大(题图线2),刹车时的加速度a=μg,乙车刹车性能好;以相同的车速开始刹车,乙车先停下来.B正确.
答案 B
A.大于v0 B.等于v0
C.小于v0 D.取决于斜面的倾角
解析 如图所示,物体由D出发沿DBA路面运动,由动能定理可列出方程-Ff1lDB-Ff2lBA-mghA=0-mv①
因为Ff1=μmg,Ff2=μmgcos α
代入①式
-μmglDB-μmgcos αlAB-mghA=-mv②
又因为lABcos α=lOB,所以
μmglDB+μmglBO+mghA=mv③
同理μmg(lCD+lCO)+mghA=mv2,④
即μmglDO+mghA=mv2⑤
此式表明由D出发的初速度v0与斜面夹角α无关,因此沿DCA上滑到A点的初速度仍为v0,选项B正确.
答案 B
A.质量大的物体滑行的距离大
B.质量小的物体滑行的距离大
C.它们滑行的距离一样大
D.它们克服摩擦力所做的功一样多
解析 由动能定理可得-Ffx=0-Ek,即μmgx=Ek,由于动能相同动摩擦因数相同,故质量小的滑行距离大,它们克服摩擦力所做的功都等于Ek.
答案 BD
A.B对A的摩擦力所做的功等于A的动能增加量
B.A对B的摩擦力所做的功等于B对A的摩擦力所做的功
C.外力F做的功等于A和B动能的增加量
D.外力F对B做的功等于B的动能的增加量与B克服摩擦力所做的功之和
解析 B对A的摩擦力所做的功,即A所受外力的总功,由动能定理知A对.A与B间的摩擦力尽管相等,但它们的位移不同,所以摩擦力做的功不同,B错.外力F做的功等于A、B动能的增量与A、B间产生的热量之和,C错.对B由动能定理得WF-Wf=ΔEk,故D对.
答案 AD
A.支持力对物体做功为0
B.摩擦力对物体做功为mgLsin α
C.摩擦力对物体做功为mv2-mgLsin α
D.木板对物体做功为mv2
解析 木板由水平转到与水平面成α角的过程中,木板对物体的支持力做正功,重力做负功,两者相等,即WG=WN=mgLsin α,所以A错误;物体从开始下滑到底端的过程中,支持力不做功,重力做正功,摩擦力做负功,由动能定理得WG+Wf=mv2-0,即Wf=mv2-mgLsin α,故C正确、B错误;对全过程运用能量观点,重力做功为0,无论支持力还是摩擦力,施力物体都是木板,所以木板做功为mv2,D正确.
答案 CD
A.小球落地时的动能为2.5mgR
B.小球落地点离O点的距离为2R
C.小球运动到半圆形轨道最高点P时,向心力恰好为零
D.小球到达Q点的速度大小为
解析 小球恰好通过P点,mg=m得v0=.根据动能定理mg·2R=mv2-mv得mv2=2.5mgR,A正确.由平抛运动知识得t= ,落地点与O点距离x=v0t=2R,B正确.P处小球重力提供向心力,C错误.从Q到P由动能定理得-mgR=m()2-mv,所以vQ=,D正确.
答案 ABD
A.汽车的额定功率为fvmax
B.汽车匀加速运动过程中,克服阻力做功为fvt
C.汽车从静止开始到速度达到最大值的过程中,牵引力所做的功为mv-mv2
D.汽车从静止开始到速度达到最大值的过程中,合力所做的功为mv
解析 当汽车达到最大速度时牵引力与阻力平衡,功率为额定功率,则可知选项A正确;汽车匀加速运动过程中通过的位移x=vt,克服阻力做功为W=fvt,选项B错误;根据动能定理可得WF-Wf=mv-0,Wf=fvt+fs,可知选项C错误、D正确.
答案 AD
图4-2-18
解析 0~2 s内,溜冰爱好者做匀加速直线运动,加速度设为a1,位移l1=a1t2,一直在增加,2 s末到达A点,速度达到最大值vmax=a1t1,合力F1=ma1,恒定不变,动能Ek1=mv,一直增大,2 s末达到最大值;2~5 s内,溜冰爱好者做匀减速直线运动,初速度为vmax,加速度设为a2,位移仍然在增加,5 s末到达B点,A错误;速度v2=vmax-a2t2,t2=3 s时,速度减为0,B正确;合力F2=ma2,恒定不变,由a1t1=a2t2,知F1∶F2=t2∶t1=3∶2,C正确;动能Ek=mv,一直减小,5 s末减为0,D错误.
答案 BC
(1)从A到B的过程中,人克服阻力做的功是多少?
(2)为保证在C点做平抛运动,BC的最大值是多少?
(3)若BC取最大值,则DE的长是多少?
图4-2-19
解析 (1)由动能定理:WG-Wf=mv-mv 得:Wf=9 100 J.
(2)BC段加速度为:a=μg=2 m/s2,
设在C点的最大速度为vm,由mg=m,vm==4 m/s,
BC的最大值为:sBC==32 m,BC的长度范围是0~32 m.
(3)平抛运动的时间:t= ==0.566 s,
BC取最大长度,对应平抛运动的初速度为vm=4 m/s,
平抛运动的水平位移:s平=vmt=2.26 m,
DE的长:sDE=s平-r=2.26 m-1.6 m=0.66 m.
答案 (1)9 100 J (2)32 m (3)0.66 m
(1)滑块第一次到达B处时的速度大小;
(2)不计滑块在B处的速率变化,滑块到达B点时撤去力F,滑块冲上斜面,滑块最终静止的位置与B点的距离.(sin 37°=0.6)
图4-2-20
解析 (1)由题图得:0~2 m内:F1=20 N Δx1=2 m;
2~3 m内:F2=0,Δx2=1 m;3~4 m内:F3=10 N,Δx3=1 m
A至B由动能定理得:F1Δx1-F3Δx3-μmg(Δx1+Δx2+Δx3)=mv,即20×2-10×1-0.25×2×10×(2+1+1)=×2×v,解得vB= m/s
(2)因为mgsin 37°>μmgcos 37°,滑块将滑回水平面.
设滑块由B点上滑的最大距离为L,
由动能定理-μmgLcos 37°-mgLsin 37°=0-mv
解得:L= m
从最高点滑回水平面,设停止在与B点相距s处,
mgLsin 37°-μmgLcos 37°-μmgs=0
解得:s=L=× m=1 m.
答案 (1) m/s (2)1 m
(1)摆锤在上述过程中损失的机械能;
(2)在上述过程中摩擦力对摆锤所做的功;
(3)橡胶片与地面之间的动摩擦因数.
解析 (1)选从右侧最高点到左侧最高点的过程研究.因为初、末状态动能为零,所以全程损失的机械能ΔE等于减少的重力势能,即:ΔE=mgLcos θ.
①
(2)对全程应用动能定理:WG+Wf=0, ②
WG=mgLcos θ, ③
由②、③得Wf=-WG=-mgLcos θ ④
(3)由滑动摩擦力公式得f=μF, ⑤
摩擦力做的功Wf=-fs, ⑥
④、⑤式代入⑥式得:μ=. ⑦
答案 (1)mgLcos θ (2)-mgLcos θ (3)
A. B.v C. D.
解析 设子弹质量为m,木块的厚度为d,木块对子弹的阻力为Ff.根据动能定理,子弹刚好打穿木块的过程满足-Ffd=0-mv2.设子弹射入木块厚度一半时的速度为v′,则-Ff·=mv′2-mv2,得v′=v,故选B.
答案 B
A.小球质量越大,所需初速度v0越大
B.圆轨道半径越大,所需初速度v0越大
C.初速度v0与小球质量m、轨道半径R无关
D.小球质量m和轨道半径R同时增大,有可能不用增大初速度v0
图5-2-1
解析 球通过最高点的最小速度为v,有mg=mv2/R,v=
这是刚好通过最高点的条件,根据机械能守恒,在最低点的速度v0应满足
m v02=mg2R+?mv2,v0=
答案 B
A.l1∶l2=1∶2 B.l1∶l2=1∶1
C.l1∶l2=2∶1 D.l1∶l2=4∶1
解析 由动能定理,对两车分别列式-F1l1=0-m1v,-F2l2=0-m2v,F1=μm1g,
F2=μm2g.由以上四式联立得l1∶l2=4∶1,故选项D是正确的.
答案 D
A.对外做正功,分子的平均动能减小 B. 对外做正功,内能增大
C. 对外做负功,分子的平均动能增大 D. 对外做负功,内能减小
解析 改变内能有两种方式:做功和热传递,当气体体积膨胀时,气体对外做功,又没有热传递,所以气体的内能减少,温度降低,而温度又是分子平均动能的标志,所以A正确.
答案 A.
A.前25 s内汽车的平均速度
B.前10 s内汽车的加速度
C.前10 s内汽车所受的阻力
D.15~25 s内合外力对汽车所做的功
图5-2-2
解析 由图可知:可以确定前25 s内汽车的平均速度和前10 s内汽车的加速度,由前25 s内汽车的平均速度可求0~25 s或15~25 s内合外力对汽车所做的功,W=ΔEk.不能求出阻力所做的功或阻力的大小.故A、B、D项正确.
答案 ABD
A.W1> B.W1<
C.W2=mv2 D.W2=-mv2
图5-2-3
解析 设物体静止时弹簧伸长的长度为x,由胡克定律得:mg=kx.手托重物使之缓慢上移,直到弹簧恢复原长,重物的重力势能增加了mgx=,弹簧的弹力对重物做了功,所以手对重物做的功W1<,选项B正确.由动能定理知
W2+=mv2,则C、D错.
答案 B
A.mgh-mv2 B.mv2-mgh
C.-mgh D.-(mgh+mv2)
图5-2-4
解析 由A到C的过程运用动能定理可得:
-mgh+W=0-mv2,所以W=mgh-mv2,故A正确.
答案 A
A.甲车的刹车距离随刹车前的车速v变化快,甲车的刹车性能好
B.乙车与地面间的动摩擦因数较大,乙车的刹车性能好
C.以相同的车速开始刹车,甲车先停下来,甲车的刹车性能好
D.甲车的刹车距离随刹车前的车速v变化快,甲车与地面间的动摩擦因数较大
图5-2-5
解析 在刹车过程中,由动能定理可知:μmgl=mv2,得
l==可知,甲车与地面间动摩擦因数小(题图线1),乙车与地面间动摩擦因数大(题图线2),刹车时的加速度a=μg,乙车刹车性能好;以相同的车速开始刹车,乙车先停下来.B正确.
答案 B
A. mgh B.2mgh C.2Fh D.Fh
图5-2-6
解析 物块匀速向上运动,即向上运动过程中物块的动能不变,由动能定理知物块向上运动过程中外力对物块做的总功为0,即WF-mgh-Wf=0①
物块向下运动过程中,恒力F与摩擦力对物块做功与上滑中相同,设滑至底端时的动能为Ek,由动能定理
WF+mgh-Wf=Ek-0②
将①式变形有WF-Wf=mgh,代入②有Ek=2mgh.
答案 B
A.最小值 B.最大值
C.最小值 D.最大值
图5-2-7
(1)物体的初速度多大?
(2)物体和平面间的动摩擦因数为多大?
(3)拉力F的大小?
图5-2-8
解析 (1)从图线可知初动能为2 J
Ek0=mv2=2 J,v=2 m/s
(2)在位移为4 m处物体的动能为10 J,在位移为8 m处物体的动能为零,这段过程中物体克服摩擦力做功.
设摩擦力为Ff,则-Ffx2=0-10 J=-10 J
Ff= N=2.5 N
因Ff=μmg,故μ===0.25
(3)物体从开始到移动4 m这段过程中,受拉力F和摩擦力Ff的作用,合力为F-Ff,根据动能定理有
(F-Ff)·x1=ΔEk
故F=+Ff=(+2.5)N=4.5 N
答案 (1)2 m/s (2)0.25 (3)4.5 N
(1)小朋友沿斜槽AB下滑时加速度的大小a;
(2)小朋友滑到C点时速度的大小v;
(3)在从C点滑出至落到水面的过程中,小朋友在水平方向位移的大小x.
图5-2-9
解析 (1)小朋友在斜槽上受力如图所示,根据牛顿第二定律得
a=
又Ff=μFN
FN=mgcos θ
得小朋友沿AB下滑时加速度的大小
a=gsin θ-μgcos θ=5.2 m/s2
(2)小朋友从A滑到C的过程中,根据动能定理得
mgH-Ff-μmgd=mv2-0
得小朋友滑到C点时速度的大小v=10 m/s
(3)在从C点滑出至落到水面的过程中,小朋友做平抛运动,设此过程经历的时间为t
h=gt2
小孩在水平方向的位移 x=vt
解得x=4.0 m
答案 (1)5.2 m/s2 (2)10 m/s (3)4.0 m
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