【追本溯源·触类旁通】
【题目】
如图,在正方形ABCD中,E是边AB上的一动点(不与点A、B重合),连接DE,点A关于直线DE的对称点为F,连接EF并延长交BC于点G,连接DG,过点E作EH⊥DE交DG的延长线于点H,连接BH.
(1)求证:GF=GC;
(2)用等式表示线段BH与AE的数量关系,并证明.
证明:(1)如图1,连接DF,
∵四边形ABCD是正方形,∴DA=DC,∠A=∠C=90°,
∵点A关于直线DE的对称点为F,∴△ADE≌△FDE,
∴DA=DF=DC,∠DFE=∠A=90°,∴∠DFG=90°,
在Rt△DFG和Rt△DCG中,
∵DF=DC,DG=DG,
∴Rt△DFG≌Rt△DCG(HL),∴GF=GC;
(2)BH=⎷2AE,理由如下:
【方法一】
如图2,在线段AD上截取AM,使AM=AE,
∵AD=AB,∴DM=BE,
由(1)知:∠1=∠2,∠3=∠4,
∵∠ADC=90°,∴∠1+∠2+∠3+∠4=90°,
∴2∠2+2∠3=90°,∴∠2+∠3=45°,
即∠EDG=45°,∵EH⊥DE,
∴∠DEH=90°,△DEH是等腰直角三角形,
∴∠AED+∠BEH=∠AED+∠1=90°,DE=EH,
∴∠1=∠BEH,
在△DME和△EBH中,
∵DM=BE,∠1=∠BEH,DE=EH,
∴△DME≌△EBH,∴EM=BH,
Rt△AEM中,∠A=90°,AM=AE,
∴EM=⎷2AE,∴BH=⎷2AE;
【方法二】
如图3,过点H作HN⊥AB于N,∴∠ENH=90°,
由方法一可知:DE=EH,∠1=∠NEH,
在△DAE和△ENH中,
∵∠A=∠ENH,∠1=∠NEH,DE=EH,
∴△DAE≌△ENH,∴AE=HN,AD=EN,
∵AD=AB,∴AB=EN=AE+BE=BE+BN,
∴AE=BN=HN,∴△BNH是等腰直角三角形,
∴BH=⎷2HN=⎷2AE.
【母题溯源】
人教版数学·八年下·第十八章·复习题·第14题·P69
题目的结论把证明AE=EF,变为求CF与BE的关系,本题的关键还是在于证明AE=EF.
【变式一】
题目:如图,四边形ABCD是正方形,点E是边BC上一点,∠AEF=90°,EF交正方形外角的平分线CF于F.求证:AE=EF.
【变式二】
题目:如图,四边形ABCD是正方形,点E是边BC上一点,在正方形外角的平分线CF上取一点F使得AE=EF.
求证:∠AEF=90°.
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