专题28 四边形综合
【知识要点】
四边形之间的从属关系
特殊四边形的性质与判定:
【考查题型】
考查题型一四边形综合
典例1.(浙江温州市·中考真题)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,以其三边为边向外作正方形,过点C作CR⊥FG于点R,再过点C作PQ⊥CR分别交边DE,BH于点P,Q.若QH=2PE,PQ=15,则CR的长为( )
A.14 B.15
C.
【答案】A
【提示】连接EC,CH,设AB交CR于点J,先证得△ECP∽△HCQ,可得
【详解】解:如图,连接EC,CH,设AB交CR于点J,
∵四边形ACDE,四边形BCIH都是正方形,
∴∠ACE=∠BCH=45°,
∵∠ACB=90°,∠BCI=90°,
∴∠ACE+∠ACB+∠BCH=180°,∠ACB+∠BCI=180°,
∴点E、C、H在同一直线上,点A、C、I在同一直线上,
∵DE∥AI∥BH,
∴∠CEP=∠CHQ,
∵∠ECP=∠QCH,
∴△ECP∽△HCQ,
∴
∵PQ=15,
∴PC=5,CQ=10,
∵EC:CH=1:2,
∴AC:BC=1:2,
设AC=a,则BC=2a,
∵PQ⊥CR,CR⊥AB,
∴CQ∥AB,
∵AC∥BQ,CQ∥AB,
∴四边形ABQC为平行四边形,
∴AB=CQ=10,
∵
∴
∴
∴
∵
∴
∵JR=AF=AB=10,
∴CR=CJ+JR=14,
故选:A.
变式1-1.(江苏无锡市·中考真题)如图,在四边形
A.
【答案】B
【提示】根据已知,易求得
【详解】解:如图
∵
∴
∴
∵
∴
∴
∴
过点
∴
∴在
解得:
∴
故选B.
变式1-2.(浙江中考真题)四边形具有不稳定性,对于四条边长确定的四边形.当内角度数发生变化时,其形状也会随之改变.如图,改变正方形ABCD的内角,正方形ABCD变为菱形ABC′D′.若∠D′AB=30°,则菱形ABC′D′的面积与正方形ABCD的面积之比是( )
A.1 B.
【答案】B
【提示】
如图,连接DD',延长C'D'交AD于E,由菱形ABC'D',可得AB∥C'D',进一步说明∠ED'D=30°,得到菱形AE=
【详解】
解:如图:延长C'D'交AD于E
∵菱形ABC'D'
∴AB∥C'D'
∵∠D'AB=30°
∴∠A D'E=∠D'AB=30°
∴AE=
又∵正方形ABCD
∴AB=AD,即菱形的高为AB的一半
∴菱形ABC′D′的面积为
∴菱形ABC′D′的面积与正方形ABCD的面积之比是
故答案为B.
变式1-3.(四川眉山市·中考真题)如图,在菱形
A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
【答案】B
【提示】
①只要证明
【详解】
∵四边形
∴
∵∠ABC=60°,
∴
∴∠ACD=∠ACB=60°,AB=AC,
∴∠ABE=∠ACF=120°,
∵
∴∠BAE+∠BAF=∠CAF+∠BAF=60°,
∴
∴
在
∴
∴
∵
∴
∴
∵
∴
∵
∴
∵
∴
过点
∵
∴
∵在
∴
∵在
∴
∴
∵
∴
∴
∴在
∴
∴
∴点
综上,正确结论有①②,共2个,
故选B.
变式1-4.(四川攀枝花市·九年级一模)如图,正方形ABCD中,E为CD的中点,AE的垂直平分线分别交AD,BC及AB的延长线于点F,G,H,连接HE,HC,OD,连接CO并延长交AD于点M.则下列结论中:
①FG=2AO;②OD∥HE;③
正确结论的个数有( )
A.2 B.3 C.4 D.5
【答案】B
【提示】
建立以B点位坐标原点的平面直角坐标系,分别求出相应直线的解析式和点的坐标,求出各线段的距离,可得出结论.
【详解】
解:如图,
建立以B点为坐标原点的平面直角坐标系,设正方形边长为2,可分别得各点坐标,
A(0,2),B(0,0),C(2,0),D(2,2), E为CD的中点,可得E点坐标(2,1),可得AE的直线方程,
同理可得:直线CO的方程为:
可得:①FG=
AO=
故FG=2AO,故①正确;
②:由O点坐标
由H点坐标(0,
由两方程的斜率不相等,可得OD不平行于HE,
故②错误;
③由A(0,2),M(
可得:BH=
故
故③正确;
④:由O点坐标
可得:
AH=
故④正确;
⑤:由G(
可得:
BH=
可得:GO≠BH+HC,
故正确的有①③④,
故选B.
变式1-5.(广东九年级三模)如图,在一张矩形纸片
①四边形
以上结论中,你认为正确的有( )个.
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】C
【提示】
①先判断出四边形CFHE是平行四边形,再根据翻折的性质可得CF=FH,然后根据邻边相等的平行四边形是菱形证明,判断出①正确;
②根据菱形的对角线平分一组对角线可得∠BCH=∠ECH,然后求出只有∠DCE=30°时EC平分∠DCH,判断出②错误;
③点H与点A重合时,设BF=x,表示出AF=FC=8-x,利用勾股定理列出方程求解得到BF的最小值,点G与点D重合时,CF=CD,求出最大值BF=4,然后写出BF的取值范围,判断出③正确;
④过点F作FM⊥AD于M,求出ME,再利用勾股定理列式求解得到EF,判断出④正确.
【详解】
解:
①∵FH与CG,EH与CF都是矩形ABCD的对边AD、BC的一部分,
∴FH∥CG,EH∥CF,
∴四边形CFHE是平行四边形,
由翻折的性质得,CF=FH,
∴四边形CFHE是菱形,(故①正确);
②∴∠BCH=∠ECH,
∴只有∠DCE=30°时EC平分∠DCH,(故②错误);
③点H与点A重合时,此时BF最小,设BF=x,则AF=FC=8-x,
在Rt△ABF中,AB2+BF2=AF2,
即42+x2=(8-x)2,
解得x=3,
点G与点D重合时,此时BF最大,CF=CD=4,
∴BF=4,
∴线段BF的取值范围为3≤BF≤4,(故③正确);
过点F作FM⊥AD于M,
则ME=(8-3)-3=2,
由勾股定理得,
EF=
综上所述,结论正确的有①③④共3个,
故选C.
考查题型二 连接四边形中点得到新四边形,探索其性质
典例2.(黑龙江双鸭山市模拟)若顺次连接四边形ABCD各边的中点所得四边形是菱形.则四边形ABCD一定是( )
A.菱形 B.对角线互相垂直的四边形
C.矩形 D.对角线相等的四边形
【答案】D
【提示】
根据三角形的中位线定理得到EH∥FG,EF=FG,EF=
【详解】
解:∵E,F,G,H分别是边AD,DC,CB,AB的中点,
∴EH=
∴EH∥FG,EF=FG,
∴四边形EFGH是平行四边形,
假设AC=BD,
∵EH=
则EF=EH,
∴平行四边形EFGH是菱形,
即只有具备AC=BD即可推出四边形是菱形,
故选D.
变式2-1.(河北模拟)如图,
A.
C.
【答案】A
【提示】
证出
【详解】
当
当
故选:
变式2-2.(四川成都市一模)顺次连结一个平行四边形的各边中点所得四边形的形状是()
A.平行四边形 B.矩形 C.菱形 D.正方形
【答案】A
【详解】
试题提示:连接平行四边形的一条对角线,根据中位线定理,可得新四边形的一组对边平行且等于对角线的一半,即一组对边平行且相等.则新四边形是平行四边形.
解:顺次连接平行四边形ABCD各边中点所得四边形必定是:平行四边形,
理由如下:
(如图)根据中位线定理可得:GF=
∴EH=FG,EH∥FG,
∴四边形EFGH是平行四边形.
故选A.
变式2-3.(河北保定市模拟)如图,在任意四边形
A.当
B.当
C.当
D.当
【答案】D
【提示】
当E,F,G,H是四边形ABCD各边中点时,连接AC、BD,如图,根据三角形的中位线定理可得四边形EFGH是平行四边形,然后根据菱形的定义和矩形的定义即可对A、B两项进行判断;画出符合题意的平行四边形
【详解】
解:A.当E,F,G,H是四边形ABCD各边中点时,连接AC、BD,如图,则由三角形的中位线定理可得:EH=
当AC=BD时,∵EH=
B.当E,F,G,H是四边形ABCD各边中点,且AC⊥BD时,如上图,由三角形的中位线定理可得:EH∥BD,EF∥AC,所以EH⊥EF,故平行四边形EFGH为矩形,故B正确;
C.如图所示,若EF∥HG,EF=HG,则四边形EFGH为平行四边形,此时E,F,G,H不是四边形ABCD各边中点,故C正确;
D.如图所示,若EF=FG=GH=HE,则四边形EFGH为菱形,此时E,F,G,H不是四边形ABCD各边中点,故D错误;
故选:D.
变式2-4.(广东惠州市·九年级一模)已知:顺次连接矩形各边的中点,得到一个菱形,如图①;再顺次连接菱形各边的中点,得到一个新的矩形,如图②;然后顺次连接新的矩形各边的中点,得到一个新的菱形,如图③;如此反复操作下去,则第2012个图形中直角三角形的个数有( )
A.8048个 B.4024个 C.2012个 D.1066个
【答案】B
【解析】
:第1个图形,有4个直角三角形,
第2个图形,有4个直角三角形,
第3个图形,有8个直角三角形,
第4个图形,有8个直角三角形,
…,
依次类推,当n为奇数时,三角形的个数是2(n+1),当n为偶数时,三角形的个数是2n个,
所以,第2012个图形中直角三角形的个数是2×2012=4024.
故选B.
变式2-5.(南昌市模拟)如图,四边形ABCD中,AC=m,BD=n,且AC⊥BD,顺次连接四边形ABCD各边中点,得到四边形A1B1C1D1,再顺次连接四边形A1B1C1D1各边中点,得到四边形A2B2C2D2……,如此进行下去,得到四边形A5B5C5D5的周长是( )
A.
【答案】A
【提示】
根据三角形中位线定理、矩形的判定定理得到四边形A1B1C1D1是矩形,根据菱形的判定定理得到四边形A2B2C2D2是平行四边形,得到四边形A5B5C5D5为矩形,计算即可.
【详解】
解:点A1,D1分别是AB、AD的中点,
∴A1D1∥BD,A1D1=
同理:B1C1∥BD,B1C1=
∴A1D1∥B1C1,A1D1=B1C1,
∴四边形A1B1C1D1是平行四边形,
∵AC⊥BD,AC∥A1B1,BD∥A1D1,
∴A1B1⊥A1D1,
∴四边形A1B1C1D1是矩形,其周长为2×(
同理,四边形A2B2C2D2是平行四边形,
∵A2B2=
∴A2B2=B2C2,
∴四边形A2B2C2D2是菱形,
同理,A3B3C3D3为矩形,周长为
∴矩形A5B5C5D5的周长为
故选:A.
考查题型三 利用平行四边形(特殊)的对称性求阴影面积
典例3.(山东济南市一模)如图,EF过矩形ABCD对角线的交点O,且分别交AB、CD于E、F,矩形ABCD内的一个动点P落在阴影部分的概率是( )
A.
【答案】B
【解析】
试题提示:矩形的对角线将矩形分割成面积相等的四部分,如图,因为△DOF和△EOB是全等三角形,将△DOF切割到△EOB与△AOE合并成△AOB,刚好占了该矩形面积的
考点:矩形的性质和事件概率
变式3-1.下面各图中,所有大正方形边长是
A.
【答案】B
【提示】
大正方形的边长为4,小正方形的边长为3,根据:三角形的面积=底×高÷2,平行四边形的面积=底×高,分别求出四个选项中阴影部分的面积,然后进行比较即可.
【详解】
解:大正方形的边长为4,小正方形的边长为3,则:
A、阴影部分的面积为:3×4=12;
B、阴影部分的面积为:4×(3+4)÷2=14;
C、阴影部分的面积为:3×(3+4)÷2=10.5;
D、阴影部分的面积为:4×4÷2+3×3÷2=12.5;
B图形的阴影面积最大.
故选:B.
变式3-2.(天津市一模)正方形ABCD的边长为1cm,E、F分别是BC、CD的中点,连接BF、DE,则图中阴影部分的面积是( )cm2.
A.
【答案】B
【解析】
试题提示:阴影部分的面积可转化为两个三角形面积之和,根据角平分线定理,可知阴影部分两个三角形的高相等,正方形的边长已知,故只需将三角形的高求出即可,根据△DON∽△DEC可将△ODC的高求出,进而可将阴影部分两个三角形的高求出.
连接AC,过点O作MN∥BC交AB于点M,交DC于点N,PQ∥CD交AD于点P,交BC于点Q
∵AC为∠BAD的角平分线,
∴OM=OP,OQ=ON;
设OM=OP=h1,ON=OQ=h2,
∵ON∥BC
∴
∴OM=OP
故选B.
变式3-3.(襄樊市一模)如图,在边长为2的菱形ABCD中,∠B=45°,AE为BC边上的高,将△ABE沿AE所在直线翻折得△AB1E,则△AB1E与四边形AECD重叠部分的面积为( )
A.0.7 B.0.9 C.2
【答案】C
【解析】
试题提示:如图,求出AE、BE的长度,证明△CFB1∽△BAB1,列出比例式求出CF的长度,运用三角形的面积公式即可解决问题.
试题解析:如图:
∵∠B=45°,AE⊥BC
∴∠BAE=∠B=45°
∴AE=BE
由勾股定理得:BE2+AE2=22
解得:BE=
由题意得:△ABE≌△AB1E
∴∠BAB1=2∠BAE=90°,BE=B1E=
∴BB1=2
∵四边形ABCD为菱形,
∴∠FCB1=∠B=45°,∠CFB1=∠BAB1=90°,
∴∠CB1F=45°,CF=B1F
∵CF∥AB
∴△CFB1∽△BAB1,
∴
∴△AEB1、△CFB1的面积分别为:
∴△AB1E与四边形AECD重叠部分的面积=
故选C.
考查题型四 平行四边形(特殊)动点问题
典例4.(江苏南通市·中考真题)如图①,E为矩形ABCD的边AD上一点,点P从点B出发沿折线B﹣E﹣D运动到点D停止,点Q从点B出发沿BC运动到点C停止,它们的运动速度都是1cm/s.现P,Q两点同时出发,设运动时间为x(s),△BPQ的面积为y(cm2),若y与x的对应关系如图②所示,则矩形ABCD的面积是( )
A.96cm2 B.84cm2 C.72cm2 D.56cm2
【答案】C
【提示】
过点E作EH⊥BC,由三角形面积公式求出EH=AB=6,由图2可知当x=14时,点P与点D重合,则AD=12,可得出答案.
【详解】
解:从函数的图象和运动的过程可以得出:当点P运动到点E时,x=10,y=30,
过点E作EH⊥BC,
由三角形面积公式得:y=
解得EH=AB=6,
∴BH=AE=8,
由图2可知当x=14时,点P与点D重合,
∴ED=4,
∴BC=AD=12,
∴矩形的面积为12×6=72.
故选:C.
变式4-1.(贵州铜仁市·中考真题)如图,在矩形ABCD中,AB=3,BC=4,动点P沿折线BCD从点B开始运动到点D,设点P运动的路程为x,△ADP的面积为y,那么y与x之间的函数关系的图象大致是( )
A.
【答案】D
【提示】
分别求出0≤x≤4、4<x<7时函数表达式,即可求解.
【详解】
解:由题意当0≤x≤4时,
y=
当4<x<7时,
y=
故选:D.
变式4-2.(江西赣州市模拟)如图,菱形ABCD的边长是4厘米,∠B=60°,动点P以1厘米/秒的速度自A点出发沿AB方向运动至B点停止,动点Q以2厘米/秒的速度自B点出发沿折线BCD运动至D点停止.若点P、Q同时出发运动了t秒,记△BPQ的面积为S厘米2,下面图象中能表示S与t之间的函数关系的是( )
A.
【答案】D
【提示】
应根据0≤t<2和2≤t<4两种情况进行讨论.把t当作已知数值,就可以求出S,从而得到函数的解析式,进一步即可求解.
【详解】
当0≤t<2时,S=
当2≤t<4时,S=
只有选项D的图形符合,
故选D.
变式4-3.(邵阳市模拟)如图,正方形ABCD边长为4,E、F、G、H分别是AB、BC、CD、DA上的点,且AE=BF=CG=DH.设A、E两点间的距离为x,四边形EFGH的面积为y,则y与x的函数图象可能是( )
A.
【答案】A
【提示】
本题考查了动点的函数图象,先判定图中的四个小直角三角形全等,再用大正方形的面积减去四个直角三角形的面积,得函数y的表达式,结合选项的图象可得答案.
【详解】
解:∵正方形ABCD边长为4,AE=BF=CG=DH
∴AH=BE=CF=DG,∠A=∠B=∠C=∠D
∴△AEH≌△BFE≌△CGF≌△DHG
∴y=4×4﹣
=16﹣8x+2x2
=2(x﹣2)2+8
∴y是x的二次函数,函数的顶点坐标为(2,8),开口向上,
从4个选项来看,开口向上的只有A和B,C和D图象开口向下,不符合题意;
但是B的顶点在x轴上,故B不符合题意,只有A符合题意.
故选:A.
考查题型五 求四边形中线段最值问题
典例5.(西藏中考真题)如图,在矩形
A.
【答案】A
【提示】
先由
【详解】
设
如图,作
在
即
故选:A.
变式5-1.(浙江杭州市模拟)如图,在平行四边形ABCD中,∠C=120°,AD=2AB=4,点H、G分别是边CD、BC上的动点.连接AH、HG,点E为AH的中点,点F为GH的中点,连接EF,则EF的最大值与最小值的差为( )
A.1 B.
【答案】C
【解析】
如图,取AD的中点M,连接CM、AG、AC,作AN⊥BC于N.
∵四边形ABCD是平行四边形,∠BCD=120°,
∴∠D=180°-∠BCD=60°,AB=CD=2,
∵AM=DM=DC=2,
∴△CDM是等边三角形,
∴∠DMC=∠MCD=60°,AM=MC,
∴∠MAC=∠MCA=30°,
∴∠ACD=90°,
∴AC=2
在Rt△ACN中,∵AC=2360docimg_501_,∠ACN=∠DAC=30°,
∴AN=360docimg_502_AC=360docimg_503_,
∵AE=EH,GF=FH,
∴EF=360docimg_504_AG,
易知AG的最大值为AC的长,最小值为AN的长,
∴AG的最大值为2360docimg_505_,最小值为360docimg_506_,
∴EF的最大值为360docimg_507_,最小值为360docimg_508_,
∴EF的最大值与最小值的差为360docimg_509_.
变式5-2.(洛阳模拟)如图,在△ABC中,AB=3,AC=4,BC=5,P为边BC上一动点,PE⊥AB于E,PF⊥AC于F,M为EF中点,则AM的最小值为 ( )
360docimg_510_
A.360docimg_511_ B.360docimg_512_ C.360docimg_513_ D.360docimg_514_
【答案】A
【提示】
先根据矩形的判定得出四边形360docimg_515_是矩形,再根据矩形的性质得出360docimg_516_,360docimg_517_互相平分且相等,再根据垂线段最短可以得出当360docimg_518_时,360docimg_519_的值最小,即360docimg_520_的值最小,根据面积关系建立等式求解即可.
【详解】
解:∵360docimg_521_,360docimg_522_,360docimg_523_,
∴360docimg_524_,
∵360docimg_525_,360docimg_526_,
∴四边形360docimg_527_是矩形,
∴360docimg_528_,360docimg_529_互相平分,且360docimg_530_,
又∵360docimg_531_为360docimg_532_与360docimg_533_的交点,
∴当360docimg_534_的值时,360docimg_535_的值就最小,
而当360docimg_536_时,360docimg_537_有最小值,即此时360docimg_538_有最小值,
∵360docimg_539_,
∴360docimg_540_360docimg_541_,
∵360docimg_542_,360docimg_543_,360docimg_544_,
∴360docimg_545_,
∴360docimg_546_,
∴360docimg_547_.
故选:360docimg_548_.
变式5-3.(辽宁铁岭市模拟)如图,在矩形ABCD中,AB=9,BC=12,点E是BC中点,点F是边CD上的任意一点,当△AEF的周长最小时,则DF的长为( )
360docimg_549_
A.4 B.6 C.8 D.9
【答案】B
【详解】
作点E关于直线CD的对称点E′,连接AE′交CD于点F
360docimg_550_
AE的长度是固定的,要△AEF的周长最小,只要AF+EF最小即可,又根据三角形两边之和大于第三边可知,对CD上任意点F′,总有AF′+E′F′>AE′,所以点F是使得AF+EF最小的点.
∵在矩形ABCD中,AB=9,BC=12,点E是BC中点,
∴BE=CE=CE′=6,
∵AB⊥BC,CD⊥BC,
∴△CE′F∽△BE′A,即CE′·AB=CF·BE′,即6×9=CF·(12+6),解得CF=3,
∴DF=CD-CF=9-3=6
故选B
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